量子諧振子

在量子力學裏，量子諧振子（英語：quantum harmonic oscillator）是經典諧振子的延伸。其為量子力學中數個重要的模型系統中的一者，因為一任意勢在穩定平衡點附近可以用諧振子勢來近似。此外，其也是少數幾個存在簡單解析解的量子系統。量子諧振子可用來近似描述分子振動。

一維諧振子

哈密頓算符與能量本徵態

能量最低的八個束縛本徵態的波函數表徵（n = 0到7）。橫軸表示位置x。此圖未經歸一化。

在一維諧振子問題中，一個質量為m的粒子，受到一位勢$V(x)={\frac {1}{2}}m\omega ^{2}x^{2}$。此粒子的哈密頓算符為

$H={\frac {p^{2}}{2m}}+{\frac {1}{2}}m\omega ^{2}x^{2}$

其中x為位置算符，而p為動量算符$\left(p=-i\hbar {d \over dx}\right)$。第一項代表粒子動能，而第二項代表粒子處在其中的位能。為了要找到能階以相對應的能量本徵態，必須解所謂的「定態薛定諤方程式」：

$H\left|\psi \right\rangle =E\left|\psi \right\rangle$.

在座標基底下可以解這個微分方程式，用到冪級數方法。可以見到有一族的解：

$\left\langle x|\psi _{n}\right\rangle ={\sqrt {\frac {1}{2^{n}\,n!}}}\cdot \left({\frac {m\omega }{\pi \hbar }}\right)^{1/4}\cdot \exp \left(-{\frac {m\omega x^{2}}{2\hbar }}\right)\cdot H_{n}\left({\sqrt {\frac {m\omega }{\hbar }}}x\right)$

$n=0,1,2,\ldots$

前8個解（n = 0到7）如右圖。函數$H_{n}$為埃爾米特多項式：

$H_{n}(x)=(-1)^{n}e^{x^{2}}{\frac {d^{n}}{dx^{n}}}e^{-x^{2}}$

注意到不應將之與哈密頓算符搞混，儘管哈密頓算符也標作H。相應的能階為

$E_{n}=\hbar \omega \left(n+{1 \over 2}\right)$。

束縛本徵態之機率密度|ψ_n(x)|²，從最底部的基態（n = 0）開始，往上能量逐漸增加。橫軸表示位置x，而較亮的色彩代表較高的機率密度。

值得注意的是能譜，理由有三。首先，能量被「量子化」（quantized），而只能有離散的值——即$\hbar \omega$乘以1/2, 3/2, 5/2……等等。這是許多量子力學系統的特徵。在爾後的「階梯算符」段落，將對此現象做更詳細的檢視。再者，可有的最低能量（當n = 0）不為零，而是$\hbar \omega /2$，被稱為「基態能量」或零點能量。在基態中，根據量子力學，一振子執行所謂的「零振動」（null oscillations）且其平均動能是正值。這樣的現象意義重大但並不那麼顯而易見，因為通常能量的零點並非一個有意義的物理量，因為可以任意選擇；有意義的是能量差。雖然如此，基態能量有許多的意涵，特別是在量子重力。最後一個理由為能階值是等距的，不像玻爾模型或盒中粒子問題那樣。

注意到基態的機率密度集中在原點。這表示粒子多數時間處在勢阱的底部，合乎對於一幾乎不帶能量之狀態的預期。當能量增加時，機率密度變成集中在「經典轉向點」（classical turning points），其中狀態能量等同於位能。這樣的結果與經典諧振子相一致；經典的描述下，粒子多數時間處在（而更有機會被發現在）轉向點，因為在此處粒子速度最慢。因此滿足對應原理。

階梯算符方法

前述的冪級數解雖然直觀，但顯得相當繁複。階梯算符方法起自保羅·狄拉克，允許抽像求得能量本徵值，而不用直接解微分方程式。此外，此法很容易推廣到更複雜的問題，尤其是在量子場論中。跟從此方法，定義算符a與其伴隨算符（adjoint）a^†：

${\begin{matrix}a&=&{\sqrt {m\omega \over 2\hbar }}\left(x+{i \over m\omega }p\right)\\a^{\dagger }&=&{\sqrt {m\omega \over 2\hbar }}\left(x-{i \over m\omega }p\right)\end{matrix}}$

算符a並非厄米算符（Hermitian），因其與伴隨算符a^†並不相同。

算符a與a^†有如下性質：

${\begin{matrix}a\left|\phi _{n}\right\rangle &=&{\sqrt {n}}\left|\phi _{n-1}\right\rangle \\a^{\dagger }\left|\phi _{n}\right\rangle &=&{\sqrt {n+1}}\left|\phi _{n+1}\right\rangle \end{matrix}}$

在推導a^†形式的過程中，已用到算符x與p（代表可觀測量）為厄米算符這樣的事實。這些可觀測量算符可以被表示為階梯算符的線性組合：

${\begin{matrix}x&=&{\sqrt {\hbar \over 2m\omega }}\left(a^{\dagger }+a\right)\\p&=&i{\sqrt {{\hbar }m\omega \over 2}}\left(a^{\dagger }-a\right)\end{matrix}}$

x與p算符遵守下面的等式，稱之為正則對易關係：

$\left[x,p\right]=i\hbar$.

方程式中的方括號是常用的標記機器，稱為交換子、交換算符或對易算符，其定義為

$\left[A,B\right]\ {\stackrel {\mathrm {def} }{=}}\ AB-BA$.

利用上面關係，可以證明如下等式：

$H=\hbar \omega \left(a^{\dagger }a+1/2\right)$

$\left[a,a^{\dagger }\right]=1$.

現在，讓$\left|\psi _{E}\right\rangle$代表帶有能量E的能量本徵態。任何右括向量（ket）與自身的內積必須是非負值，因此

$\left(a\left|\psi _{E}\right\rangle ,a\left|\psi _{E}\right\rangle \right)=\left\langle \psi _{E}\right|a^{\dagger }a\left|\psi _{E}\right\rangle \geq 0$。

將a^†a以哈密頓算符表示：

$\left\langle \psi _{E}\right|{H \over \hbar \omega }-{1 \over 2}\left|\psi _{E}\right\rangle =\left({E \over \hbar \omega }-{1 \over 2}\right)\geq 0$，

因此$E\geq \hbar \omega /2$。注意到當（$a\left|\psi _{E}\right\rangle$）為零右括向量（亦即：長度為零的右括向量），則不等式飽和而$E=\hbar \omega /2$。很直觀地，可以檢查到存在有一狀態滿足此條件——前面段落所提到的基態（n = 0）。

利用上面等式，可以指出a及a^†與H的對易關係：

${\begin{matrix}\left[H,a\right]&=&-\hbar \omega a\\\left[H,a^{\dagger }\right]&=&\hbar \omega a^{\dagger }\end{matrix}}$.

因此要是（$a\left|\psi _{E}\right\rangle$）並非零右括向量，

${\begin{matrix}H(a\left|\psi _{E}\right\rangle )&=&(\left[H,a\right]+aH)\left|\psi _{E}\right\rangle \\&=&(-\hbar \omega a+aE)\left|\psi _{E}\right\rangle \\&=&(E-\hbar \omega )(a\left|\psi _{E}\right\rangle )\end{matrix}}$.

類似地，也可以指出

$H(a^{\dagger }\left|\psi _{E}\right\rangle )=(E+\hbar \omega )(a^{\dagger }\left|\psi _{E}\right\rangle )$.

換句話說，a作用在能量為E的本徵態，而產生出——還多了一個常數乘積——另一個能量為 $E-\hbar \omega$的本徵態，而a^†作用在能量為E的本徵態，產生出另一個能量為$E+\hbar \omega$的本徵態。因為這樣，a稱作降算符而a^†稱作升算符。兩者合稱階梯算符。在量子場論中，a與a^†也分別稱作消滅算符與創生算符，以其分別摧毀與創造粒子——對應於能量量子。

給定任何能量本徵態，可以拿降算符a作用在其上，產生了另一個能量少了$\hbar \omega$的本徵態。重複使用降算符，似乎可以產生能量本徵態其能量低到E = −∞。不過這樣就就與早先的要求$E\geq \hbar \omega /2$相違背。因此，必須有一最底的能量本徵態——基態，標示作$\left|0\right\rangle$（勿與零右括向量混淆），使得

$a\left|0\right\rangle =0$（即a對$\left|0\right\rangle$作用後產生零右括向量（zero ket））。

在這情況下，繼續使用降算符只會產生零右括向量，而不是產生額外的能量本徵態。此外，還指出了

$H\left|0\right\rangle =(\hbar \omega /2)\left|0\right\rangle$。

最後，透過將升算符作用在$\left|0\right\rangle$上，並且乘上適當的歸一化因子，可以產生出一個能量本徵態的無限集合$\left\{\left|0\right\rangle ,\left|1\right\rangle ,\left|2\right\rangle ,...,\left|n\right\rangle ,...\right\}$使得

$H\left|n\right\rangle =\hbar \omega (n+1/2)\left|n\right\rangle$，這與前段所給的能譜相符合。

這方法也能夠用來很快地找到量子諧振子的基態波函數。只要將消滅算符作用於基態，$a\left|0\right\rangle =0$變為

$x\psi _{0}(x)+{\frac {\hslash }{m\omega }}{\frac {d\psi _{0}(x)}{dx}}=0$。

所以，

${\frac {d\ln \psi _{0}(x)}{dx}}=-{\frac {\hslash }{m\omega }}x+{\text{ Constant}}$。

這個方程式的解為，經過歸一化，

$\psi _{0}(x)=\left({m\omega \over \pi \hbar }\right)^{1 \over 4}e^{-m\omega x^{2}/2\hbar }$。

自然長度與能量尺度

量子諧振子擁有自然長度與自然能量兩個自然尺度，可以用來簡化問題。這可以透過無因次化來得到。結果是如果以$\hbar \omega$為單位來測量能量，以及$\left(\hbar /\left(m\omega \right)\right)^{1/2}$為單位來測量距離，則薛定諤方程式變成：

$H=-{1 \over 2}{d^{2} \over du^{2}}+{1 \over 2}u^{2}$，

且能量本徵態與本徵值變成

$\left\langle x|\psi _{n}\right\rangle ={1 \over {\sqrt {2^{n}n!}}}\pi ^{-1/4}{\hbox{exp}}(-u^{2}/2)H_{n}(u)$

$E_{n}=n+{1 \over 2}$.

為了避免混淆，在此文中不採用這些自然單位。不過，這用法在執行運算上總會因便利性而遲早被使用。

案例：雙原子分子

主條目：雙原子分子

在雙原子分子中，自然頻率可以發現為[1] （頁面存檔備份，存於互聯網檔案館）：

$\omega ={\sqrt {\frac {k}{m_{r}}}}$

其中

$\omega =2\pi f$為角頻率，

k是共價鍵勁度系數

$m_{r}$是約化質量。

N維諧振子

一維諧振子很容易地推廣到$N$維。在一維中，粒子的位置是由單一座標x來指定的。在$N$維中，這由$N$個位置座標所取代，以$x_{1},\,x_{2},\,\dots ,\,x_{N}$標示。對應每個位置座標有個動量，標示為p₁, ..., p_N。這些算符之間的正則對易關係為

${\begin{matrix}\left[x_{i},p_{j}\right]&=&i\hbar \delta _{i,j}\\\left[x_{i},x_{j}\right]&=&0\\\left[p_{i},p_{j}\right]&=&0\end{matrix}}$.

系統的哈密頓算符為

$H=\sum _{i=1}^{N}\left({p_{i}^{2} \over 2m}+{1 \over 2}m\omega ^{2}x_{i}^{2}\right)$。

從這個哈密頓量的形式，可以發覺，$N$維諧振子明確地可比擬為$N$個質量相同，彈性常數相同，獨立的一維諧振子。在這案例裏，變數$x_{1},\,x_{2},\,\dots ,\,x_{N}$是$N$個粒子的位置坐標。這是反平方連心位勢的一個優良的特性，允許位勢被分離為$N$個項目，每一個項目只跟一個位置坐標有關。

這觀察使得問題的解答變的相當簡單。對於一個集合的量子數$\{n\}$，一個$N$維諧振子的能量本徵函數$\langle \mathbf {x} |\psi _{\{n\}}\rangle$等於$N$個一維本徵函數$\langle x_{i}|\psi _{n_{i}}\rangle$的乘積：

$\langle \mathbf {x} |\psi _{\{n\}}\rangle =\prod _{i=1}^{N}\langle x_{i}|\psi _{n_{i}}\rangle$。

採用階梯算符方法，定義$N$組階梯算符，

$a_{i}={\sqrt {m\omega \over 2\hbar }}\left(x_{i}+{i \over m\omega }p_{i}\right)$，

$a_{i}^{\dagger }={\sqrt {m\omega \over 2\hbar }}\left(x_{i}-{i \over m\omega }p_{i}\right)$。

類似前面所述的一維諧振子案例，可以證明每一個$a_{i}$與$a_{i}^{\dagger }$算符將能量分別降低或升高$\hbar \omega$。哈密頓量是

$H=\hbar \omega \,\sum _{i=1}^{N}\left(a_{i}^{\dagger }\,a_{i}+{\frac {1}{2}}\right)$。

這量子系統的能階$E$是

$E=\hbar \omega \left[(n_{1}+\cdots +n_{N})+{N \over 2}\right]$；

其中，正整數$n_{i}$是$|\psi _{n_{i}}\rangle$的量子數。

如同一維案例，能量是量子化的。$N$維基態能階是一維基態能階的$N$倍。只有一點不同，在一維案例裏，每一個能階對應於一個單獨的量子態。在$N$維案例裏，除了底態能階以外，每一個能階都是簡併的，都對應於多個量子態。

簡併度可以很容易地計算出來。例如，思考三維案例，設定$n=n_{1}+n_{2}+n_{3}$。每一個$n$相同的量子態，都會擁有相同的能量。給予$n$，首先選擇一個$n_{1}$。那麼，$n_{2}+n_{3}=n-n_{1}$，有$n-n_{1}+1$個值，從$0$到$n-n_{1}$，可以選擇為$n_{2}$的值。$n_{3}$的值自動的設定為$n-n_{1}-n_{2}$。因此，簡併度是

$d_{n}=\sum _{n_{1}=0}^{n}n-n_{1}+1={\frac {(n+1)(n+2)}{2}}$。

對於$N$維案例，

$d_{n}={\binom {N+n-1}{n}}$。

案例：三維均向諧振子

參閱三維均向諧振子

球對稱的三維均向諧振子可以用分離變數法來求解。這方法類似於氫原子問題裏的方法，只有球對稱位勢不一樣：

$V(r)={1 \over 2}\mu \omega ^{2}r^{2}$；

其中，$\mu$是這問題的質量。由於$m$會被用來標記磁量子數，所以，用$\mu$來標記質量。

這問題的薛定諤方程式為

$-{\frac {\hbar ^{2}}{2\mu }}\nabla ^{2}\psi +{1 \over 2}\mu \omega ^{2}r^{2}\psi =E\psi$。

薛定諤方程式的全部解答寫為

$\psi _{klm}(r,\theta ,\phi )=N_{kl}r^{l}e^{-\nu r^{2}}{L_{k}}^{(l+{1 \over 2})}(2\nu r^{2})Y_{lm}(\theta ,\phi )$；

其中，

$N_{kl}={\sqrt {{\sqrt {\frac {2\nu ^{3}}{\pi }}}{\frac {2^{k+2l+3}\;k!\;\nu ^{l}}{(2k+2l+1)!!}}}}$是歸一常數，

$\nu \equiv {\mu \omega \over 2\hbar }$

${L_{k}}^{(l+{1 \over 2})}(2\nu r^{2})$是$k$階廣義拉蓋爾多項式 (generalized Laguerre polynomials)，$k$是個正整數，

$Y_{lm}(\theta ,\phi )\,$是球諧函數，

$\hbar$是約化普朗克常數。

能量本徵值是

$E=\hbar \omega (2k+l+{3 \over 2})$。

能量通常可以用一個量子數$n$來描述：

$n\equiv 2k+l$。

由於$k$是個正整數，假若$n$是偶數，那麼，角量子數也是偶數：

$l=0,\,2,\,\dots ,\,n-2,\,n$；

假若$n$是奇數，那麼，角量子數也是奇數：

$l=1,\,3,\,\dots ,\,n-2,\,n$。

磁量子數$m$滿足不等式

$-l\leq m\leq l$。

對於每一個$n$與$l$，存在$2l+1$個不同的量子態。每一個量子態都有不同的磁量子數$m$。因此，$n$的兼併度是

$\sum _{l=i,\,i+2,\,\ldots ,\,n-2,\,n}(2l+1)={(n+1)(n+2) \over 2}$；

其中，總和的指數$l$的初始值是$i=n\ mod\ 2$。

這結果與先前的方程式相同。

耦合諧振子

兩個質點的耦合諧振子

設想$N$個相同質量的質點，以彈簧連結為一條一維的線形鏈條。標記每一個質點的離開其平衡點的位置為$x_{1},\,x_{2},\,\dots ,\,x_{N}$（也就是說，假若一個質點$k$位於其平衡點，則$x_{k}=0$）。整個系統的哈密頓量是

$H=\sum _{i=1}^{N}{p_{i}^{2} \over 2m}+{1 \over 2}m\omega ^{2}\sum _{1\leq i\leq N}(x_{i}-x_{i-1})^{2}$；

其中，$x_{0}=0$。

這個問題可以用坐標變換來變換成一組獨立的諧振子，每一個獨立的諧振子對應於一個獨特的晶格集體波震動。這些波震動表現出類似粒子般的性質，稱為聲子。許多固體的離子晶格都會產生聲子。在固態物理學裏，這方面的理論對於許多現象的研究與了解是非常重要的。

參閱

• 自由粒子
• 無限深方形阱
• 有限深方形阱
• 有限位勢壘
• 球對稱位勢
• Delta位勢壘
• 真空災變
• 盎魯效應

參考文獻

• Griffiths, David J. Introduction to Quantum Mechanics (2nd ed.). Prentice Hall. 2004. ISBN 0-13-111892-7. 
• Liboff, Richard L. Introductory Quantum Mechanics. Addison-Wesley. 2002. ISBN 978-0-8053-8714-8. 

外部連結

• 國立交通大學物理系視聽教學：量子諧振子
• 喬治亞州州立大學（Georgia State University）線上物理網頁：量子諧振子 （頁面存檔備份，存於互聯網檔案館）